单调栈是栈的一种，可以使得每次新元素入栈后，栈内的元素都保持有序（单调递增或者单调递减）。
单调栈的用途不太广泛，只处理一类典型的问题，比如[下一个更大元素]、[上一个更小元素] 等。
在本文中，我将首先介绍 [单调栈] 的使用模板，接着我会使用单调栈的技巧来解决力扣hot100中的两道题：739、每日温度；84、柱状图中最大的矩形
单调栈的使用
例题：输入一个数组
nums，请你返回一个等长的结果数组，结果数组中对应索引存储着下一个更大元素，如果没有更大的元素，就存 -1。
函数签名如下：
int[] nextGreaterElement(int[] nums);
比如说，输入一个数组 nums = [2,1,2,4,3]，你返回数组 [4,2,4,-1,-1]。因为第一个 2 后面比 2 大的数是 4; 1 后面比 1 大的数是 2；第二个 2 后面比 2 大的数是 4; 4 后面没有比 4 大的数，填 -1；3 后面没有比 3 大的数，填 -1。
java">int[] nextGreaterElement(int[] nums) {
int n = nums.length;
// 存放答案的数组
int[] res = new int[n];
Stack<Integer> s = new Stack<>();
// 倒着入栈，借助栈的结构，就是正着出栈
for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
// 对元素进行判定：如果当前元素不小于栈顶元素，则弹出
//因为我们要找的是“最近的更大元素”
while (!s.isEmpty() && s.peek() <= nums[i]) {
s.pop();
}
// nums[i] 身后的更大元素
//如果为-1，说明没有找到合适的元素
res[i] = s.isEmpty() ? -1 : s.peek();
s.push(nums[i]);
}
return res;
}
我们用文字来描述一下这个过程：
由于是倒着入栈，所以我们从 [3] 开始。[3] 后面没有比它大的元素，返回 -1，然后将 [3] 入栈；
接着是 [4] ，此时栈不为空，栈顶元素(3)小于 [4] 被弹出，栈被置为空。所以 res[i] = -1，将 [4] 压入栈中。
接着是 [2]，此时栈不为空，栈顶元素 [4] 大于 [2] 满足条件，将其记录到res数组中，然后将 [2] 压入栈中。
接着是 [1]，此时栈不为空，栈顶元素 [2] 大于 [1]，满足条件，将其记录到res数组中，然后将 ]1\ 压入栈中。
最后是 [2]，此时栈顶元素 [1] 小于 [2]，弹出；弹出后，新的栈顶元素是 [2] ，不符合条件，弹出；新的栈顶元素变为 [4]，满足条件，将其记录下来。并将 [2] 压入栈中
数组nums遍历结束，返回res数组。
问题1：为什么要倒着入栈？
从后往前入栈，保证了出栈的时候，栈顶元素一定是距离当前目标元素最近的元素。这样能实现寻找 “最近的更大元素”/"下一个更大元素"
比如数组 [1,2,3,4] 。当数组倒着遍历到2的时候，栈中的元素是 [4,3]，那么出栈顺序就是 [3,4]。就是这样借助栈的性质来实现查找
力扣739：每日温度
比如说给你输入 temperatures = [73,74,75,71,69,76]，你返回 [1,1,3,2,1,0]。因为第一天 73 华氏度，第二天 74 华氏度，比 73 大，所以对于第一天，只要等一天就能等到一个更暖和的气温，后面的同理。
这个问题本质上也是找下一个更大元素，只不过现在不是问你下一个更大元素的值是多少，而是问你当前元素距离下一个更大元素的索引距离而已。
所以我们要对上面单调栈的算法模板稍加修改：之前用于存放元素的数组res中不再用于记录元素，而是记录元素的索引
java">int[] dailyTemperatures(int[] temperatures) {
int n = temperatures.length;
int[] res = new int[n];
// 这里放元素索引，而不是元素
Stack<Integer> s = new Stack<>();
/* 单调栈模板 */
for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
while (!s.isEmpty() && temperatures[s.peek()] <= temperatures[i]) {
s.pop();
}
// 得到索引间距
res[i] = s.isEmpty() ? 0 : (s.peek() - i);
// 将索引入栈，而不是元素
s.push(i);
}
return res;
}
栈 s 中存放的是元素索引，所以当栈顶元素满足条件——温度高于当天温度时，栈顶元素意为：在这一天达到下一个更高的温度。
然后用栈顶元素减去当日日期就是相隔几天。
力扣84：柱状图中最大的矩形
对于该问题，暴力解法的思路是枚举每个柱子作为矩形的高度，并以该柱子为中心向左右延伸，直到遇到高度小于当前柱子的柱子为止。然后计算以当前柱子为高度的矩形的面积，并更新最大面积。
具体的实现步骤如下：
- 遍历每个柱子，将其作为矩形的高度（记为h）。
- 从当前柱子向左延伸，直到遇到高度小于h的柱子为止，记录左边界的位置（记为left）。
- 从当前柱子向右延伸，直到遇到高度小于h的柱子为止，记录右边界的位置（记为right）。
- 计算以当前柱子为高度的矩形的面积，即面积 = h * (right - left - 1)。
- 更新最大面积，如果当前面积大于最大面积，则更新最大面积。
- 重复以上步骤，直到遍历完所有柱子。
暴力方法的时间复杂度为 O(N^2)，会超出时间限制，主要在于寻找左右边界上。而寻找左右边界，其实就是 “寻找最近的高度小于h的柱子”。可以使用单调栈解决。
需要注意的是，根据题目要求，我们要分别寻找左边界和右边界，所以我们要使用两次单调栈。
java">class Solution {
public int largestRectangleArea(int[] heights) {
int n = heights.length;
int[] left = new int[n]; // 存储每个柱子左边第一个小于它的柱子的索引
int[] right = new int[n]; // 存储每个柱子右边第一个小于它的柱子的索引
Deque<Integer> mono_stack = new ArrayDeque<Integer>();
// 单调栈，存储柱子的索引
//我们寻找右边界时是倒着入栈，那么寻找左边界时就是正着入栈
for (int i = 0; i < n; ++i) {
//在这里我们要寻找的是：当前柱子左侧的第一个小于它的索引。所以如果栈顶元素大于当前柱子高度（不符合条件），则弹出该元素
while (!mono_stack.isEmpty() && heights[mono_stack.peek()] >= heights[i]) {
mono_stack.pop();
}
left[i] = (mono_stack.isEmpty() ? -1 : mono_stack.peek());
mono_stack.push(i); // 将当前柱子的索引入栈
}
//清除栈中的元素，因为后面还要用这个栈
mono_stack.clear();
for (int i = n - 1; i >= 0; --i) {
while (!mono_stack.isEmpty() && heights[mono_stack.peek()] >= heights[i]) {
mono_stack.pop();
}
right[i] = (mono_stack.isEmpty() ? n : mono_stack.peek());
mono_stack.push(i); // 将当前柱子的索引入栈
}
int ans = 0;
for (int i = 0; i < n; ++i) {
// 计算每个柱子的面积并更新最大面积
ans = Math.max(ans, (right[i] - left[i] - 1) * heights[i]);
}
return ans;
}
}
